手表网站建设规划书,wordpress 4.4.1漏洞,ui设计网站模板,优质的聊城网站建设我们先求到区间[1..b]之间的所有约数之和于是结果就等于 [1..b]之间的所有约数之和减去[1..a-1]之间的约数之和很明显这两个问题是同性质的问题#xff0c;只是右端点不同罢了.明显对于1到N之间的数字#xff0c;其约数范围也为1到N这个范围内。于是我们可以枚举约数L,当然这…我们先求到区间[1..b]之间的所有约数之和于是结果就等于 [1..b]之间的所有约数之和减去[1..a-1]之间的约数之和很明显这两个问题是同性质的问题只是右端点不同罢了.明显对于1到N之间的数字其约数范围也为1到N这个范围内。于是我们可以枚举约数L,当然这个枚举不可能是for循环枚举,而是如上题一样“跳跃式的”于是N/L就代表1到N之间有多少个数字是L的倍数L也必为它们的约数。例如当L7时N20时N/202,说明1到20以内有两个数字是7的倍数易知为7,14,也就是说在算7和14的约数之和时必然要将7统计进去。然后这个算法高明的地方在于当L8,9,10时N/L2于是这一段的L7R10于是这一段的约数之和为2*72*82*92*102*(78910)2*(710)*(10-71)/2当统计完这一段后设LR110111会发现11做为约数只会出现1次同时还会发现12,13,14.........20整个这一段的约数都只会出现1次#include bits/stdc.h
#define ll long long
using namespace std;
ll n,m;
ll f(ll x)
{ll l 1,r 0,k 0,ans 0,m 0;while(l x){r x / (x / l);k x / l;ans k * (l r) * (r - l 1) / 2;l r 1;}return ans;
}
signed main()
{cinnm;coutf(m) - f(n - 1);return 0;
}
